2017年高考数学答题技巧规范篇 第1篇 快速解答选择、填空题第2讲 四种策略搞定填空题

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第2讲　四种策略搞定填空题[题型分析·高考展望]　填空题的基本特点是：(1)题目小巧灵活，结构简单；(2)答案简短明确，不反映过程，只要结果；(3)填空题根据填写内容，可分为定量型(填写数值，数集或数量关系)和定性型(填写某种性质或是有某种性质的对象).根据填空题的特点，在解答时要做到四个字——“快”“稳”“全”“细”.快——运算要快，力戒小题大做；稳——变形要稳，不可操之过急；全——答案要全，力避残缺不齐；细——审题要细，不能粗心大意.高考必会题型方法一　直接法根据题目中给出的条件，通过数学计算找出正确答案.解决此类问题需要直接从题设条件出发，利用有关性质或结论等，通过巧妙变化，简化计算过程.解题过程要灵活地运用相关的运算规律和技巧，合理转化、巧妙处理已知条件.例1　在△ABC中，a，b，c分别是角A，B，C的对边，且＝－，则角B的值为________.答案　解析　方法一　由正弦定理，即＝＝＝2R，得a＝2RsinA，b＝2RsinB，c＝2RsinC，代入＝－，得＝－，即2sinAcosB＋sinCcosB＋cosCsinB＝0，所以2sinAcosB＋sin(B＋C)＝0.在△ABC中，sin(B＋C)＝sinA，所以2sinAcosB＋sinA＝0，又sinA≠0，所以cosB＝－.又角B为△ABC的内角，所以B＝.方法二　由余弦定理，即cosB＝，cosC＝，代入＝－，得·＝－，整理，得a2＋c2－b2＝－ac，所以cosB＝＝－＝－，又角B为△ABC的内角，所以B＝.点评　直接法是解决计算型填空题最常用的方法，在计算过程中，我们要根据题目的要求灵活处理，多角度思考问题，注意一些解题规律和解题技巧的灵活应用，将计算过程简化从而得到结果，这是快速准确地求解填空题的关键.变式训练1　已知数列{an}满足a1＝1，an＋1·an＝2n，则S2016＝____________.答案　3·21008－3解析　由题意得an·an＋1＝2n，an＋2·an＋1＝2n＋1⇒＝2，因此a1，a3，a5，…构成一个以1为首项，2为公比的等比数列；a2，a4，a6，…构成一个以2为首项，2为公比的等比数列；从而S2016＝(a1＋a3＋…＋a2015)＋(a2＋a4＋…＋a2016)＝＋2×＝3(21008－1).方法二　特例法当填空题已知条件中含有某些不确定的量，但填空题的结论唯一或题设条件中提供的信息暗示答案是一个定值时，可以从题中变化的不定量中选取符合条件的恰当特殊值(特殊函数，特殊角，特殊数列，特殊位置，特殊点，特殊方程，特殊模型等)进行处理，从而得出探求的结论.为保证答案的正确性，在利用此方法时，一般应多取几个特例.例2　(1)若函数f(x)＝sin2x＋acos2x的图象关于直线x＝－对称，则a＝________.(2)在△ABC中，内角A，B，C所对的边分别是a，b，c.若c2＝(a－b)2＋6，C＝，则△ABC的面积是________.答案　(1)－1　(2)解析　(1)由题意，对任意的x∈R，有f(－＋x)＝f(－－x)，令x＝，得f(0)＝f(－)，得a＝－1.(2)方法一　△ABC为等边三角形时满足条件，则S△ABC＝.方法二　∵c2＝(a－b)2＋6，∴c2＝a2＋b2－2ab＋6.①∵C＝，∴c2＝a2＋b2－2abcos＝a2＋b2－ab.②由①②得－ab＋6＝0，即ab＝6.∴S△ABC＝absinC＝×6×＝.点评　求值或比较大小等问题的求解均可利用特殊值代入法，但要注意此种方法仅限于求解结论只有一种的填空题对于开放性的问题或者有多种答案的填空题，则不能使用该种方法求解.变式训练2　(1)若f(x)＝ln(e3x＋1)＋ax是偶函数，则a＝________.(2)如图，在△ABC中，点O是BC的中点，过点O的直线分别交直线AB，AC于不同的两点M，N，若AB＝mAM，AC＝nAN，则m＋n的值为________.答案　(1)－　(2)2解析　(1)由题意知，函数f(x)的定义域为R，又因为函数为偶函数，所以f(－)－f()＝0，即ln(e－1＋1)－－ln(e＋1)－＝0，lne－1－a＝0，解得a＝－，将a＝－代入原函数，检验知f(x)是偶函数，故a＝－.(2)用特殊值法，可设AB＝AC＝BM＝1，因为AB＝mAM，所以m＝，过点C引AM的平行线，并延长MN，两线相交于点E，则AE＝BC＝2OC，易得AN＝AC，因为AC＝nAN，所以n＝，可知m＋n＝＋＝2.方法三　数形结合法对于一些含有几何背景的填空题，若能根据题目中的条件作出符合题意的图形，并通过对图形的直观分析、判断，即可快速得出正确结果.这类问题的几何意义一般较为明显，如一次函数的斜率或截距、向量的夹角、解析几何中两点间距离等，求解的关键是明确几何含义，准确、规范地作出相应的图形.例3　(1)已知点P(x，y)的坐标x，y满足则x2＋y2－6x＋9的取值范围是________________________________________________________________________.(2)已知函数f(x)＝x|x－2|，则不等式f(－x)≤f(1)的解集为________.答案　(1)[2，16]　(2)[－1，＋∞)解析　(1)画出可行域如图，所求的x2＋y2－6x＋9＝(x－3)2＋y2是点Q(3，0)到可行域上的点的距离的平方，由图形知最小值为Q到射线x－y－1＝0(x≥0)的距离d的平方，∴d＝[]2＝()2＝2.最大值为点Q到点A的距离的平方，∴d＝16.∴取值范围是[2，16].(2)函数y＝f(x)的图象如图，由不等式f(－x)≤f(1)知，－x≤＋1，从而得到不等式f(－x)≤f(1)的解集为[－1，＋∞).点评　数形结合在解答填空题中的应用，就是利用图形的直观性并结合所学知识便可直接得到相应的结论，这也是高考命题的热点.准确运用此类方法的关键是正确把握各种式子与几何图形中的变量之间的对应关系，利用几何图形中的相关结论求出结果.变式训练3　已知函数f(x)＝且关于x的方程f(x)＋x－a＝0有且只有一个实根，则实数a的取值范围是________.答案　(1，＋∞)解析　方程f(x)＋x－a＝0的实根也就是函数y＝f(x)与y＝a－x的图象交点的横坐标，如图所示，作出两个函数的图象，显然当a≤1时，两个函数图象有两个交点，当a>1时，两个函数图象的交点只有一个.所以实数a的取值范围是(1，＋∞).方法四　构造法构造法是一种创造性思维，是综合运用各种知识和方法，依据问题给出的条件和结论给出的信息，把问题作适当的加工处理，构造与问题相关的数学模型，揭示问题的本质从而沟通解题思路的方法.例4　(1)若a＝ln－，b＝ln－，c＝ln－，则a，b，c的大小关系为________.(2)如图，在边长为2的正方形ABCD中，点E、F分别是边AB、BC的中点，△AED、△EBF、△FCD分别沿着DE、EF、FD折起，使A、B、C三点重合于点A′，若四面体A′EFD的四个顶点在同一个球面上，则该球的半径为________.答案　(1)a0，∴f(x)为增函数.又<<，∴a0，所以不合题意，舍去，所以tanθ＝，所以tan2θ＝＝＝－.4.一枚质地均匀的正方体骰子，六个面上分别刻着1点至6点，甲、乙二人各掷骰子一次，则甲掷得的向上的点数比乙大的概率为________.答案　解析　一共有36种情况，其中甲掷得的向上的点数比乙大的有：(6，1)、(6，2)、(6，3)、(6，4)、(6，5)、(5，1)、(5，2)、(5，3)、(5，4)、(4，1)、(4，2)、(4，3)、(3，1)、(3，2)、(2，1)，共15种，所以所求概率为＝.5.已知两个单位向量a，b的夹角为60°，c＝ta＋(1－t)b，若b·c＝0，则t＝________.答案　2解析　方法一　如图所示，在△OAB中，|OA|＝|OB|＝1，∠AOB＝60°，延长BA到C使∠BOC＝90°，则A为BC的中点，c＝OC＝OA＋AC＝OA＋BA＝2a－b，则t＝2.方法二　由已知b·c＝0，即ta·b＋(1－t)b2＝0，t＋(1－t)＝0，因此t＝2.6.在△ABC中，角A，B，C所对的边分别为a，b，c，若a，b，c成等差数列，则＝________.答案　解析　令a＝3，b＝4，c＝5，则△ABC为直角三角形，且cosA＝，cosC＝0，代入所求式子，得＝＝.7.直线y＝kx＋3与圆(x－2)2＋(y－3)2＝4相交于M、N两点，若|MN|≥2，则k的取值范围是________.答案　解析　由题意，得圆心到直线的距离d＝＝，若|MN|≥2，则4－d2≥()2，解得－≤k≤.8.设函数f(x)＝若f(f(a))≤2，则实数a的取值范围是________.答案　[－∞，]解析　f(x)的图象如图，由图象知，满足f(f(a))≤2时，得f(a)≥－2，而满足f(a)≥－2时，得a≤.9.已知平行四边形ABCD，点P为四边形内部或者边界上任意一点，向量AP＝xAB＋yAD，则0≤x≤，0≤y≤的概率是________.答案　解析　由平面向量基本定理及点P为ABCD内部或边界上任意一点，可知0≤x≤1且0≤y≤1，又满足条件的x，y满足0≤x≤，0≤y≤，所以P(A)＝＝.10.某程序框图如图所示，若a＝3，则该程序运行后，输出的x值为________.答案　31解析　第一次循环，x＝2×3＋1＝7，n＝2；第二次循环，x＝2×7＋1＝15，n＝3；第三次循环，x＝2×15＋1＝31，n＝4，程序结束，故输出x＝31.11.，，(其中e为自然对数的底数)的大小关系是________.答案　<<解析　由于＝，＝，＝，故可构造函数f(x)＝，于是f(4)＝，f(5)＝，f(6)＝.而f′(x)＝()′＝＝，令f′(x)>0得x<0或x>2，即函数f(x)在(2，＋∞)上单调递增，因此有f(4)

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